七年级整式的运算 2018学年江苏省扬州市邗江区七年级（下）期中数学试卷（解析(6)

16．【分析】由折叠可得∠3＝180°－2∠2，进而可得∠3的度数，然后再根据两直线平行，同旁内角互补可得∠1+∠3＝180°，进而可得∠1的度数．

【解答】解：由折叠可得∠3＝180°－2∠2＝180°－110°＝70°，

∵AB‖CD，

∴∠1+∠3＝180°，

∴∠1＝180°－70°＝110°，

故答案为：110．

【点评】此题主要考查了翻折变换和平行线的性质，关键是掌握两直线平行，同旁内角互补．

17．【分析】直接利用已知变形，进而代入原式求出答案．

【解答】解：∵a2－a－3＝0，

∴a2＝a+3，a2－a＝3

∴a2（a－4）＝（a+3）（a－4）

＝a2－a－12

＝3－12

＝－9．

故答案为：－9．

【点评】此题主要考查了单项式乘以多项式，正确将原式变形是解题关键．

18．【分析】讨论：如图1，△COD绕点O顺时针旋转得到△C′OD′，C′D′交OB于E，了；一平行线的判定，当∠OEC′＝∠B＝40°时，C′D′‖AB，则根据三角形外角性质计算出∠C′OC＝100°，从而可计算出此时△COD绕点O顺时针旋转100°得到△C′OD′所需时间；如图2，△COD绕点O顺时针旋转得到△C〃OD〃，C〃D〃交直线OB于F，利用平行线的判定得当∠OFC〃＝∠B＝40°时，C〃D〃‖AB，根据三角形内角和计算出∠C〃OC＝80°，则△COD绕点O顺时针旋280°得到△C〃OD〃，然后计算此时旋转的时间．

过p作pf⊥x轴于f，由于oc、op都是圆的切线，则oc=op=o1c=o1p=5，由此可得四边形oco1p是正方形，得∠poc=90°，根据等角的余角相等，可证得∠ocd=∠pof，由此可证得△pof≌△cod，即可得到pf、of的长，也就得出了p点的坐标，然后用待定系数法即可求出直线o1p的解析式，联立抛物线的解析式，即可得到q点的横坐标．2010年福建省福州市中考数学试卷(word版含解析答案)2010年福建省福州市中考数学试卷 2010年福建省福州市中考数学试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（2010。只是在测量法前角与法后角时，应旋松固紧手轮4b，旋转摇臂4c，按刃倾角正负值逆（顺）时针方向旋转刃倾角值后，用固紧手轮固紧即可按法前角和法后角定义分别测出。反气旋按反时针方向旋转。北半球，空气环绕中心作反时针方向旋转的大型空气旋涡，称为气旋。

当∠OEC′＝∠B＝40°时，C′D′‖AB，

∴∠C′OC＝∠OEC′+∠OC′E＝40°+60°＝100°，

∴△COD绕点O顺时针旋转100°得到△C′OD′所需时间为＝5（秒）；

如图2，△COD绕点O顺时针旋转得到△C〃OD〃，C〃D〃交直线OB于F，则∠C〃OD〃＝∠COD＝90°，∠OC〃D＝∠C＝60°，

当∠OFC〃＝∠B＝40°时，C〃D〃‖AB，

∴∠C〃OC＝180°－∠OFC〃+∠OC′F＝180°－40°－60°＝80°，

而360°－80°＝280°，

∴△COD绕点O顺时针旋280°得到△C〃OD〃所需时间为＝14（秒）；

综上所述，在旋转的过程中，在第5秒或14秒时，边CD恰好与边AB平行．

内心是三角形角平分线交点的原理：经圆外一点作圆的两条切线，这一点与圆心的连线平分两条切线的夹角（原理：角平分线上点到角两边距离相等）。车轮也是圆的，跟上面一样，，都是因为中心点到边上任意一点的长度相等，而长方形和其他图形因为不具备这个优点，所以骑起来就会起伏不平，一上一下。本题答案:abcd参考答案: d 解析:每行第一个图形和第二个图形白色球之和等于第三个图形的白色球个数，每行第二个图形和第三个图形的黑色球之和等于第一个图形的黑色球个数。向量的概念向量的线性运算向量的数量积、向量积和混合积两向量垂直、平行的条件两向量的夹角向量的坐标表达式及其运算单位向量方向数与方向余弦曲面方程和空间曲线方程的概念平面方程、直线方程平面与平面、平面与直线、直线与直线的夹角以及平行、垂直的条件点到平面和点到直线的距离球面母线平行于坐标轴的柱面旋转轴为坐标轴的旋转曲面的方程常用的二次曲面方程及其图形空间曲线的参数方程和一般方程空间曲线在坐标面上的投影曲线方程。